サーバーPHPでファイルをアップロードして実行するにはどうすればよいですか？

Question

私は以下のコードを試してみてください。

$db = new mysqli('localhost', 'root', '', 'teste'); 
if(mysqli_connect_errno()){ 
echo mysqli_connect_error(); 
} 

mysqli_query($db, "LOAD DATA INFILE 'dados.txt' INTO TABLE teste FIELDS TERMINATED BY ',' ENCLOSED BY '\"' LINES TERMINATED BY '\n' (nome, idade, sexo)"); 

echo "OK"; 

それがOKを返すが、どれも行がテーブルに挿入されます。

私のファイルテストは次のとおりです。

"Name Example 1",15,"F" 
"Name Example 2",23,"M" 
"Name Example 3",15,"M" 

Answer 1

あなたがこの方法を行うことができます。

LOAD DATA INFILE 'datafile.txt' INTO TABLE [Table_Name]; 

以下のようにデータファイルを作成します。

1のTest1名1

2 Test2をName2は

3 Test2をName2は

を正しいデータ型と名前に応じてテーブルを作成します。

CREATE TABLE [テーブル名]（ID INT、col1 VARCHAR（255）、col2 VARCHAR（255））;

$sql = mysql_connect("localhost", "root", "password"); 
if (!$sql) { 
    die("Could not connect: " . mysql_error()); 
} 
mysql_select_db("database_name"); 
$result = mysql_query("LOAD DATA INFILE 'datafile.txt'" . 
        " INTO TABLE [Table_Name] FIELDS TERMINATED BY '\t'"); 
if (!$result) { 
    die("Could not load. " . mysql_error()); 
} 

datafile.txtのパスは正しく指定する必要があります。

参考：http://php.net/manual/en/mysqli.set-local-infile-handler.php