mysqli

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    1答えて

    私はデータベースの製品を表示するホームページを持っており、カートに追加ボタンを追加したので、カートにはそれぞれの特定の製品が追加されます。現在、私は6つの製品をページに表示していますが、明らかに最初の製品のみをカートに追加でき、残りのボタンには機能しないボタンがあります。 研究では、同じIDをJavaScriptで複数回使用することはできません(私はid = "add-to-cart"を使用してい

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    3答えて

    私はmysqlに問題があります。データベースに接続しますが、テーブルを作成しません。ここに私のコードの例です: $db = new mysqli('localhost', 'user.name', 'user.pass', 'db'); if ($db === FALSE) { echo "ERRROR"; } $sql = "CREATE TABLE

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    4答えて

    はここに私のコードです: try { $conn = new mysqli($servername, $username, $password, $database); if (mysqli_errno()) { die('<p>Failed to connect to MySQL: '.mysqli_error().'</p>'); } else {

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    1答えて

    と、データベース内のプレビューファイルおよびストア私がしようとしている次のスクリプト使用:アップロードした画像 プレビュープレビュー フォルダにファイルを移動し を データベースに名前をロードします。 すべて正常に動作しますが、イメージ名はデータベースにアップロードされません。私はエラーを理解していない、誰かが私を助けることができますか? ありがとうございます。 <!--script view p

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    1答えて

    私はPHPとMySQLIの新機能ですが、私は数年前からそれらを手に入れています。 私は3つの基準に基づいて自分のウェブサイトにある写真の検索機能を追加しようとしています。 私は、ページ制限の構文を含まない別のページにスクリプトを実装できました。しかし、今、私が$where_stmtコードを追加すると、いくつかのエラーが発生し、必要な場所の配置と関係していると私は信じています。 問題のスクリプトは次

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    1答えて

    私は他の投稿を見てきましたが、私がやっていることに似ていますが、私が間違っていることを理解できないようです。私は5/n結果を表示する必要があります。ここで、n =はSQLクエリからの合計です。私は他の人が何を提案したかを試してみましたが、何らかの理由で私は本当に奇妙な結果を得ています。問題を解決できないようです。 $sqlPosts = "SELECT count(post_own

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    1答えて

    に次からの投稿を取得する方法をここで私が使用していたデータベースのテーブル構造です。 現在、私はこのクエリを使用していますが、これは私に望ましい結果を与えません。 問合せ: SELECT f.userId, f.following, p.postId, p.content, p.file, p.type FROM follow f JOIN post p ON p.userId = f.use

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    1答えて

    このエラーが発生しました。 警告:ライン20 <?php extract($_POST); if($_POST['act'] == 'add-com'): $name = htmlentities($name); $email = htmlentities($email); $comment = htmlentities($comment); // C

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    2答えて

    ユーザーID(users.uid)とフルネーム(users.full_name)の両方を格納するUSERSテーブルがあります。それから私は、各通話シフトスロット(例えば、一日&夜)の名前フィールドとユーザーID(uid)フィールドと共に、来年のすべての週をリストするOn Callスケジュール表を持っています。コール on_call_week、us_night_uid、us_night_full_n

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    1答えて

    私はRest Apiを使用してMySQL DBに新しいレコードを作成しようとしています。ただし、$ dataに格納されているデータには、パラメータを使用して入力した値は含まれていません。 エコー/プリントして何が含まれているかを確認しようとしましたが、何もありません。 URL:http://localhost/api/v1/test.php?firstname=Yacub?lastname=Ali