このコードには何が欠けているか教えてください。私はSQL構文エラーを取得するためです。SQL構文エラー(サーバーバージョン:5.6.17 - MySQL)
私は3つの列でテーブルを作成しました。 IDは自動自分に不利であると私は$の画像ここ
を挿入するときに問題が発生したと考えるとイメージBLOBデータ型
でエラーがある------- >>「あなたは、あなたのSQL構文でエラーが発生しています;あなたのMySQLサーバのバージョンに対応するマニュアルをチェックして、正しい構文が " #〜 I 27W ?Hl : o : ӏvm5V Onö"の近くで使用するようにしてください1行目で '`V'"
<?php
if (isset($_POST["Upload"]))
{
include("DbConnection.php");
$file = $_FILES['image']['tmp_name'];
if(!isset($file)) {
echo 'Please Select a File';
}
else {
$image = file_get_contents($_FILES['image']['tmp_name']);
$img_name = $_FILES['image']['name'];
$img_size = getimagesize($_FILES['image']['tmp_name']);
if ($img_size == false)
{
echo 'it is not a image';
}
else
{
$query = mysqli_query($Con, "INSERT INTO `cars_tbl` (ID,Name,Image) VALUES ('','$img_name','$image')");
if (!$query)
{
echo 'Error Executing Query '.mysqli_error($Con);
}
else
{
$last_ID = mysqli_insert_id($Con);
echo "Image Uploaded. <p /> Your Image : <p /> <img src='get.php?ID=".$last_ID."'" ;
}
}
} //else
} // 1st IF
else
{
echo 'Fill the details';
}
?>
ここでコードを投稿してください。スクリーンショットを表示するのは良い習慣ではありません。助けてくれる人は誰でも再入力する必要があります。 –
私は既に試してみました。それは問題ではありません。しかし、私は$画像を置くことなくクエリを実行する場合、エラーはありません。イメージファイルの問題。そういうわけで、外国の文字がエラーに表示されます。私は別の画像も試しました。 –
ユーザ入力を扱うときの最初のルール:**決して**ユーザ入力を信頼しない。各アクションの前または後に適切にエスケープする必要があります。アップロードされたファイルはまだユーザー入力です。 – Arjan