Django - ファイル名のリストをテンプレートにレンダリングする

Question

イメージギャラリーページ用のテンプレートを生成しています。

• ホストは、画像のサブディレクトリからの画像は
  • は、画像フォルダがビューにリストを渡す
• ギャラリーのタイトルと同じ題しされるフォルダ次のように私のアプローチがありますテンプレートは、リストをループし、IMGタグ

だから私のVIEを作成するテンプレート

にファイル名のワットは、私はに実行している問題は、私はos.listdir機能を使用しようとすると、Djangoは500エラーを入れているということです

.... 
{% for file in files %} 
    <img src="/path/to/images/{{ title }}/{{ file }}"> 
{% endfor %} 
.... 

def some_gallery(request): 
    #LOGIC TO GET A LIST OF FILENAMES 

    variables = RequestContext(request,{ 
     'user' : request.user, 
     'title' : 'something', 
     'files' : fileList 
    }) 
    return render_to_response('gallery_template.html',variables) 

、テンプレートになります。私は必要なファイルリストをどのように入手できますか？ 500エラーに

def some_gallery(request): 

    variables = RequestContext(request,{ 
     'user' : request.user, 
     'title' : 'something', 
     'files' : os.listdir('/path/to/gallery') 
    }) 
    return render_to_response('gallery_template.html',variables) 

を与えているビューの

問題のあるバージョンはまた、私は、ファイルパスが作業を行うことに注意しなければならないので、私はURLに直接行けば予想通り、私は画像を取得します。

EDIT：「：」は「=」の代わりに、コードサンプル

Answer 1

私はそれが整理ました。私のメソッドは正しかったので、このタイプのものを探している人は、コードサンプルがうまくいくはずです。

問題は、提供されたファイルパスにアクセスする際のいくつかの問題が原因で、Djangoがlistdir関数呼び出しをトリプルしていたことです。私は、ディレクトリのアクセス許可とパスが正しいことを確認し、それは働いた。

助けてくれてありがとう。

Answer 2

を使用しているので、あなたの辞書には、有効なPythonのコードではありませんでタイプミスを修正しました。それは次のようになります。

variables = RequestContext(request,{ 
    'user' : request.user, 
    'title' : 'something', 
    'files' : os.listdir('/path/to/gallery') 
}) 

最後に一つ、LISTDIRはabosulteパスを期待し、あなたとあなたのプロジェクトのルートパスを取得することができます：

ROOT_PATH = os.path.abspath(os.path.dirname(__file__).decode('utf-8')).replace('\\', '/')