PHPファイル（）エラーを処理

Question

私は次のように配列にXMLコンテンツを取得するためのPHPファイル（）関数を使用してい

：

$XMLContent=file("http://www.domain.com/file.xml"); 

が、私は、ifのようなエラーを処理するためにしませんかファイルは存在しないか、ウェブサイトは存在しません。 私はこの方法を使用しようとしました。）

1）（ファイル：

try { 
    $XMLContent=file("http://www.domain.com/file.xml"); 
    .... 
} catch (Exception $e) { 
    echo $e->getMessage(); 
} 

が、ウェブサイトが間違っている場合、私はいつも私のエラー・ログ内の2つのエラーを取得php_network_getaddresses：のgetaddrinfoは失敗しました：名前またはサービスではありませんが

2で知られている）のストリームをオープンに失敗しました：php_network_getaddressesは：失敗のgetaddrinfo：名前または

var_dump($XMLContent);で知られていないサービスが偽

を示し0

ファイルは、その後、私は私のログにエラーを得ることはありませんが存在しませんが、 var_dump($XMLContent);が、私はこれらのエラーやエラーがログインしません適切に処理する方法

を必要としない他のものを示している場合エラーファイルですか？

Answer 1

$file = fopen ("http://www.example.com/", "r"); 
if (!$file) { 
    echo "<p>Unable to open remote file.\n"; 
    exit; 
} 

出典：！ `IF（$ XMLContent =ファイル（" http://www.domain.com/file：私はこのようなだけでなく、これを行うことができますので、http://php.net/manual/en/features.remote-files.php