JSONレスポンスをPHP変数にフェッチする方法は？

Question

私は

$start = 2; 
$startJson = array('start' => $start); 
echo json_encode($startJson); 

ようなPHPファイルからJSONレスポンスを送信するなど、別のphpファイルでJSONレスポンスを受信して​​います{「スタート」：「2」}

今、このデータをフェッチする方法PHP変数に "2"を設定します。私はこのエラーを得た。..その後

$json = file_get_contents('sortCategory.php'); 
$data = json_decode($json); 
echo data; 

を試してみました：

Notice: Use of undefined constant data - assumed 'data' in F:path to .php on line 322 

PHP変数にJSONレスポンスを取得するためにすべてのソリューションを提供してください？

Answer 1

file_get_contents()はファイル全体を文字列に読み込むので、PHPスクリプトは実行されません。あなたはsortCategory.phpファイルの中にjsonの値だけを入れなければなりません（.php拡張を入れる必要はなく、.txtも使うことができます）。 PHPスクリプトを実行する場合は、includeまたはrequire関数を使用することもできます。

あなたはfile_get_contents()でこれを試すことができます。

あなたに名前を付ける必要はありません。この場合

sortCategory.php

{"start":2} // array in json format 

のindex.php

<?php 
$json = file_get_contents('sortCategory.php'); 
$data = json_decode($json); 
print_r($data); 
?> 

を拡張子は.phpです。 sortCategory.jsonが良いでしょう。