コントローラに動的に追加された値を送信するにはどうすればいいですか？

Question

<form id="participantsForGd"> 
<span id="GroupID"></span> //in here group id is coming example: 2 
<button id="GdStartTest">Start test</button> 
</form> 

Ajaxコールを使用してGroupIDの値をコントローラに送信します。 これは私のアペンドジャバスクリプト..

$("#GroupID").append(group); //in here Example: group value=2 

この私のコントローラのページのコール：私はAjax data:またはinput type=hidden形でそのグループIDを追加したい

$("#GdStartTest").click(function(){ 
    $.ajax({ 
data: {Gd: $("#participantsForGd").serialize(), 'action': 'startGdstudents', }, 

..私はそれを行うことができますどのように

Answer 1

$("#GdStartTest").click(function(){ 
    $.ajax({ 
data: {Gd: "sometext-"+ $("#GroupID").text(), 'action': 'startGdstudents', } 

".text（）"：要素の内容を返します。

あなたはそれが好き行うことができます隠し入力を作成する場合：

$("#groupID").val(); // this will return you the value 

$("#GdStartTest").click(function(){ 
     $.ajax({ 
    data: {Gd: "sometext-"+ $("#GroupID").val(), 'action': 'startGdstudents', } 

Answer 2

を

<form id="participantsForGd"> 
<input type ="hidden" id="GroupID"> //in here group id is coming example: 2 
<input type="submit" id="GdStartTest" value="Start test"> 
</form> 

とグループIDを設定するために...このようにしてくださいを..

$("#GroupID").val(group); 

受け渡し用...

$("#GdStartTest").click(function(){ 
data = $("#participantsForGd").serialize(); 
data.action = 'startGdstudents'; 

$.ajax({ 
    type: 'POST', 
    data: data, 
    url: 
    ....... 
    ....... 
}); 
}); 

そして、あなたのPHPファイルに次のような値をフェッチすることができます...

$id = $_POST['GroupID']; 
$action = $_POST['action']; 

Answer 3

は、フォームで隠し入力を入れて、それがどのようにserialize()

<form id="participantsForGd"> 
    <input type="hidden" value="2" name="GroupID"> 
    <span id="GroupID"></span> //in here group id is coming example: 2 
    <input type="submit" id="GdStartTest">Start test</button> 
</form>