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A
答えて
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Warning: mysqli_fetch_array() expects parameter 1 to be mysqli_result, object given in
mysqli_fetch_arrayの第一パラメータは、クエリの結果でなければなりません。あなたがやっていることは、接続(それは意味をなさない)とクエリコマンド自体を渡しているかということです。
は、ここにドキュメントをお読みください。http://php.net/manual/en/mysqli-result.fetch-array.php
をし、後でその変数を取得し、結果を変数に格納し、その後、この問題を解決する最初のクエリを実行します。
$sql = "select * from privinsi";
$result = myqli_query($connection,$sql);
while($r = mysqli_fetch_array($result)
{
/// your code here
}
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あなたはsqlクエリを書きますが、実行しませんでした。
$sql = "select * from privinsi";
$results = myqli_query($connection,$sql);
while($r = mysqli_fetch_array($results){
//enter your code here
}
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あなたの助けを捧げるためのthx –
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ようこそ。他の人が簡単に見つけられるように、投票を押してください。 @agesaputra –
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ドキュメントを読んでください。結果をフェッチする前に、データベースを照会する必要があります。 –
質問を編集して、写真ではなくコードをここに含めてください。 – RamRaider
なぜコード自体ではなく、「画像の」画像を投稿したのですか? –