変数が存在しないときにコンテンツを隠す

Question

私はmysqlデータベースからニュース記事を公開するためにPHPを使用しています。記事には、テキスト内にイメージが配置されています。イメージは、それぞれ独自のパスとして変数として格納されます。問題は、私は常に各記事の完全な画像の補完を使用していないと私はそれを書いた方法は、壊れた画像が表示されます。

要するに、特定のIDに対して '$ image_ii'または '$ image_iii'が存在しないと、壊れた画像が表示されないようにするにはどうすればよいですか。

次のように私はそれが出て書かれている方法は次のとおりです。

  <?php  
      include ('connect.php');    

      $friendly_url=$_GET['friendly_url']; 
      $query = "SELECT * FROM entries WHERE friendly_url='$friendly_url'"; 
      $entries = mysql_query($query); 


      while($row = mysql_fetch_array($entries, MYSQL_ASSOC)) 
      { 
       $title = $row['title']; 
       $author = $row['author']; 
       $pub_date = $row['pub_date']; 
       $content_i = $row['content_i']; 
       $content_ii = $row['content_ii']; 
       $content_iii = $row['content_iii']; 
       $content_iv = $row['content_iv']; 
       $image_i = $row['image_i']; 
       $image_ii = $row['image_ii']; 
       $image_iii = $row['image_iii']; 
       $image_caption_i = $row['image_caption_i']; 
       $image_caption_ii = $row['image_caption_ii']; 
       $image_caption_iii = $row['image_caption_iii']; 
       $pre_link = $row['pre_link']; 
       $post_link = $row ['post-link']; 
       $id = $row['id']; 
       $friendly_url = $row['friendly_url']; 
       $american_date = date("F d, Y", strtotime($pub_date)); 
       $friendly_content_i = nl2br($content_i); 
       $friendly_content_ii = nl2br($content_ii); 
       $friendly_content_iii = nl2br($content_iii); 
       $friendly_content_iv = nl2br($content_iv); 



       echo " 
      <div id='post'> 
       <div id='post-title'>$title</div> 
       <div id='post-content' 

       $friendly_content_i   

       <div id='media'> <img src='../$image_i' class='scale-image'> </div> 
       <div id='media-caption'> $image_caption_i </div> 

       $friendly_content_ii 

       <div id='media'> <img src='../$image_ii' class='scale-image'> </div> 
       <div id='media-caption'> $image_caption_ii </div> 

       $friendly_content_iii 

       <div id='media'> <img src='../$image_iii' class='scale-image'> </div> 
       <div id='media-caption'> $image_caption_iii </div> 

       $friendly_content_iv 

      </div> 

       <div id='post-footer'> by $author <br> $american_date </div> 


       </div> 
      </div> "; 

      } mysql_close($connection); ?> 

謝罪これはひどいであれば、それは私の最初の動的なウェブサイトです。

Answer 1

は、次のスニペット

if (file_exists("../".$image_iii)) { 
    echo "<img src='../$image_iii' class='scale-image'>"; 
} else { 
    echo "<img src='../default-image' class='scale-image'>"; 
} 

Answer 2

を使用してみてくださいあなたはすでにあなたの問題を解決するに私たちに語った：

「$のimage_ii」または「$のimage_iiiは、」特定のIDのために存在していないと言うならば。

if file_exists()を使用して画像が存在することを確認し、画像が存在しない場合は出力しないでください。

さらに、私はあなたがmysql_queryを使用しているのを見ています - これはの首を切ったと非常に危険です。代わりにmysqliまたはPDO

Answer 3

私が使用して働いていた解決策を見つけることになったを使用する必要があります。

    if (!empty($image_iii)) { echo "<img src='../$image_iii' class='scale-image'>"; } 
            else { echo "";} 

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