フェッチAPIを初めて使用しようとしていますが、PHPスクリプトに変数をPOSTしようとしています。私は同じことをjQuery.ajax()
でやっていました。フェッチapiがPOSTデータを送信しない
var myRequest = new Request('invoeren.php', {method: 'POST', body: JSON.stringify({name: name})});
fetch(myRequest).then(function(response) {
console.log(response);
});
これは私にUndefined index 'name'
を返します。
私は間違っていますか?
作業のjQueryコード:
$.ajax({
url: "invoeren.php",
method: "POST",
data: { name : name}
}).done(function(msg) {
console.log(msg);
}).fail(function(jqXHR, textStatus) {
alert("Naam is niet ingevoerd door een probleem: " + jqXHR);
});
PHPスクリプト:
try {
$dbh = new PDO('mysql:host=localhost;dbname=ajaxoef', $user, $pass);
$stmt = $dbh->prepare('INSERT INTO names(name) VALUES (:name)');
$stmt->bindParam(':name', $name);
$name = json_decode($_POST['name']);
$stmt->execute();
echo "Naam is ingevoerd.";
} catch (PDOException $e) {
print "Error!: " . $e->getMessage() . "<br/>";
die();
}
どのようにリクエストの本文に使用されている 'name'の値を定義しましたか? –
"これは私に返されます未定義インデックス 'name'。 " - どこ?それはPHPの応答です(この[重複](https://stackoverflow.com/questions/4261133/php-notice-undefined-variable-notice-undefined-index-and-notice-undef))? JavaScriptエラーですか? – Quentin
"これはjQuery.ajax()と同じように動作しました" - 作業コードはどのように見えますか?私たちがそれを見ることができなければ、あなたが変更したものを壊したことを伝えるのは難しいです。 – Quentin