ユーザーの投稿をページに表示させる方法は？

Question

私は誰かが投稿したものを投稿するたびに、既に存在する投稿の下に表示したいと思います。私がこれを使うと、最後の投稿だけが置き換えられます。 どうすればいいですか？

<?php 
session_start(); 
$db = mysqli_connect("localhost", "root", "", "store"); 
if (isset($_POST['button'])) { 
    session_start(); 
    $title= mysqli_real_escape_string($db, $_POST['title']); 
    $body= mysqli_real_escape_string($db, $_POST['body']); 
    $sql = "INSERT INTO content (title,body) VALUES ('$title', '$body')"; 
    mysqli_query($db, $sql); 
    $_SESSION["title"] = $title; 
    header("location: home.php"); 
} 
?> 

そして、私が表示したいページ上：

<?php 
    session_start(); 
    php echo $_SESSION["title"]; 
?> 

Answer 1

あなたはどんな条件でhome.phpにページをリダイレクトするために持っていますが、あなたはそれを行っていません。

実行後にmysqli_query()が返された場合、FALSEまたはTRUEが返され、それはお勧めできません。 ページにが必要なので、SESSION variableページが必要です。

必要な場合は、このように状態を確認することができます。

if(mysqli_query($db, $sql)) 
{ 
// Here you can handle the TRUE loop 
$_SESSION["title"] = $title; 
header("location: home.php"); 
} 
else 
{ 
// Here you can handle the FALSE loop 
} 

そして、あなたが印刷するセッション変数を表示するために、以下の変更を加える必要がありhome.phpインチ

チェックポイントを使用すると、そのページへの上にスーパーグローバル変数を取得する必要がありますので、あなたがページの上部にsession_start()があることを確認し、他のページ

1. でセッション変数を印刷します。
2. あなたは、そのページへのオーバーDBの接続を確保する必要があるDBから照会され何も表示する必要がある場合。
3. 任意のヘッダロケーションエラーは、あなたが場所をヘッダー開始しているページの上に出力バッファリングを再起動しようが発生した場合。あなたは、リダイレクトの問題でheader already sent errorを取得した場合にのみob_start()
4. ob_start()の助けを借りて、あなたの出力バッファリングを使用する必要があります再起動することができます。

ob_start()の使用方法：「正常に出力されるだろう、すべてを覚えて起動しますが、非常にまだそれで何もしない」というようob_start()の

思考

例：

ob_start(); 
echo("Welcome User!"); //would normally get printed to the screen/output to browser 
$output = ob_get_contents(); 
ob_end_clean(); 

ob_start() - 出力バッファリング

この関数は出力のバッファリングをオンにしますオンにします。出力バッファリングがアクティブな間は、出力はスクリプト（ヘッダ以外）から送られず、出力は内部バッファに格納されます。この内部バッファの

内容ob_get_contents()を使用して文字列変数にコピーされてもよいです。内部バッファに格納されているものを出力するには、ob_end_flush（）を使用します。あるいは、ob_end_clean()は、バッファの内容を黙って破棄します。

戻り値成功時には、失敗した場合はFALSEが返されます。

は、オーバーあなたが作った質問に、あなたはあなたがsession始めている

いくつかの変更を行う必要があり、それは良いのですが、あなたはecho文にphpを付加している、それは間違って見えます。

置き換えますと

php echo $_SESSION["title"]; 

：

echo $_SESSION["title"]; 

をむしろ他のすべてのコードは大丈夫です。

全体全体のページは次のようになります。

<?php 
session_start(); 
$db = mysqli_connect("localhost", "root", "", "store"); 
if (isset($_POST['button'])) { 
    //session_start(); This is not needed at all already you have started the session. 
    $title= mysqli_real_escape_string($db, $_POST['title']); 
    $body= mysqli_real_escape_string($db, $_POST['body']); 
    $sql = "INSERT INTO content (title,body) VALUES ('$title', '$body')"; 
    mysqli_query($db, $sql); 
    $_SESSION["title"] = $title; 
    header("location: home.php"); 
} 
?> 

home.php

<?php 
    session_start(); 
    echo $_SESSION["title"]; 
?> 

注：あなたのコードは、mysqli.*

と一緒に準備されたステートメントを使用することをお勧めされたSQLインジェクションの脆弱性であります準備済みの文リファレンスfまたはMysqli：-http://php.net/manual/en/mysqli.prepare.php。

あなたのエラーとコードを修正するために私の説明がはっきりしていると思います。

おかげ&ハッピーコーディング:)